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--- 수학:확률 [2016/02/12 11:52] – [두 번째 예] admin
+++ 수학:확률 [2017/01/20 16:28] – [상호독립과 짝독립] admin
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 ======두 가지 관점======
-=====빈도론=====
+=====빈도론(frequentism) 혹은 객관주의(objectivism)=====
   *모집단의 특성을 나타내는 매개변수는 고정된 상수로서 우리에게 알려져 있지 않다.
   *확률은 장기간에 걸친 상대적 빈도로 해석된다.
   *통계적 절차는 실험을 무한히 반복했을 때의 결과를 통해 평가된다.
-=====베이즈 학파의 관점=====
+=====베이즈 학파(bayesian) 혹은 주관주의(subjectivism)=====
   *매개변수의 실제 값이 우리에게 불확실하므로 이를 확률변수로 취급한다.
   *확률 법칙은 매개변수에 대한 추론을 위해 직접 사용된다.
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   *데이터를 수집하면서 베이즈의 정리를 따라 매개변수에 대한 우리의 믿음을 고쳐나간다. 이를 통해 사후(posterior) 확률을 얻는다.
-======베이즈의 정리======
+======확률론의 반례들======
-조건부 확률의 정의로부터
-$$ P(B|A) = \frac{P(A \cap B)}{P(A)}= \frac{P(A \cap B)}{P(A \cap B) + P(A \cap \overline{B})} = \frac{P(A|B)P(B)}{P(A|B)P(B) + P(A|\overline{B})P(\overline{B})}. $$
+=====상호독립과 짝독립=====
-이 식은 $P(A|B)$와 $P(B|A)$를 연결지어준다.
+$\mathpb{P}(A_{i_{1}} A_{i_{2}}\cdots A_{i_{k}})=\mathpb{P}(A_{i_{1}})\mathpb{P}(A_{i_{2}})\cdots\mathpb{P}(A_{i{k}})$가 $k=2,\ldots,n$인 모든 $k$와, $1\leq i_{1}<i_{2}<\ldots<i_{k}\leq n$인 모든 $i_{1},i_{2},\ldots,i_{k}$에 대해 만족된다면
+$A_{1},\ldots,A_{n}\in \mathcal{F}$는 상호독립이라 한다. $k=n=2$인 경우에는 짝독립이라 한다.
-분모에 등장하는 것처럼 가능한 $B$의 사건에 대해 더함으로써 얻어지는 확률은 주변(marginal) 확률이라고도 불린다:
+상호독립과 짝독립의 관계를 보기 위해 다음과 같은 상황을 생각하자.
-$$P(A) = P(A \cap B) + P(A \cap \overline{B}).$$
-======베이즈의 정리를 이용한 추론======
-=====첫 번째 예=====
-개의 공이 담긴 항아리가 있다. 공의 일부는 빨간색, 나머지는 녹색이지만 몇 개가 빨간색인지는 모른다. 확률변수 $X$가 항아리 속 빨간색 공의 갯수라고 하자. $X$의 가능한 값은 $x_i = 0, \ldots, 5$이다. 아무 정보가 없으므로 모든 값들이 동등하게 가능하다고 생각하자. 그러면 사전 확률은 $g(0) = g(1) = \ldots = g(5) = 1/6$이다.
-무작위로 공을 하나 골라내자. 확률 변수 $Y$는 빨간 공이 나오면 1이고 아니면 0이다. 그러면 조건부 확률은 $P(Y=1|X=x_i) = i/5$이고 $P(Y=0|X=x_i) = (5-i)/5$이다. 이를 '가능도(likelihood)'라고 부른다. 결합 확률(빨간 공이 $x_i$ 개 있고 내가 빨간 공을 뽑을 확률)은 가능도에 사전 확률을 곱하면 되므로, 만일 빨간 공이 나왔다고 하면 아래 표처럼 사후 확률을 얻는다. 주변확률이 $1/2$임에 유의한다. 즉 이것이 빨간 공을 관찰한 후 내가 가지고 있는 $X$에 대한 믿음을 나타낸다.
+겉보기에 차이가 없는 $16$개의 바구니가 앞에 놓여 있다. 바구니 안에는 $1$ 또는 $0$이 적힌 쪽지 하나씩이 들어 있는 공 $3$개가 각각 $1,2,3$이라고 표시되어 있다. 이 때, 우리가 바구니 하나를 열어서 $1$번 공에 $0$이 적힌 쪽지가 있을 지 $1$이 적혀 있을지 확인할 수 있을 것이다. 이러한 상황은 아래와 같이 표기될 수 있다.
-^  $x_i$  ^  사전 확률  ^  가능도  ^  사전$\times$가능도  ^  사후 확률  ^
+$A_{i}=$ $\{$ $i$번째 공에 $1$이 적혀있는 경우 $\}, i=1,2,3$
-|  0  |  1/6  |  0/5  |  0/30  |  0/15  |
-|  1  |  1/6  |  1/5  |  1/30  |  1/15  |
-|  2  |  1/6  |  2/5  |  2/30  |  2/15  |
-|  3  |  1/6  |  3/5  |  3/30  |  3/15  |
-|  4  |  1/6  |  4/5  |  4/30  |  4/15  |
-|  5  |  1/6  |  5/5  |  5/30  |  5/15  |
-| 합  |        |       |  1/2  |  1  |
-공을 하나 더 뽑아보자 (빼낸 공을 다시 집어넣지 않는다). 이번에는 녹색 공이 나왔다고 해보자. 앞에서의 사후 확률이 이번에는 사전 확률이 되고 여기에서 갱신되는 확률 분포가 아래 표에 있다.
+그렇다면
+\begin{equation}\notag
+P(A_{1})=P(A_{2})=P(A_{3})=\frac{1}{2}
+\end{equation}
+이 되고
+\begin{equation}\notag
+P(A_{1}A_{2})=P(A_{1}A_{3})=P(A_{2}A_{3})=\frac{1}{4}
+\end{equation}
+이 되어 $A_{1},A_{2},A_{3}$은 짝독립이 된다.
-^  $x_i$  ^  사전 확률  ^  가능도  ^  사전$\times$가능도  ^  사후 확률  ^
+하지만 $P(A_{1}A_{2}A_{3})=\frac{3}{16}\neq\frac{1}{8}=P(A_{1})P(A_{2})P(A_{3})$인 사실로부터 상호독립은 아니라는 것을 알 수 있다. 하지만 역으로 상호독립이면 짝독립을 만족한다.
-|  0  |  0  |  ??  |  0  |  0  |
-|  1  |  1/15  |  4/4  |  1/15  |  1/5  |
-|  2  |  2/15  |  3/4  |  1/10  |  3/10  |
-|  3  |  3/15  |  2/4  |  1/10  |  3/10  |
-|  4  |  4/15  |  1/4  |  1/15  |  1/5  |
-|  5  |  5/15  |  0/4  |  0  |  0  |
-| 합  |        |       |  1/3  |  1  |
-이렇게 한 번씩 사후 확률을 갱신하는 방법도 있고 두 번의 관찰을 동시에 고려해서 사후 확률을 만드는 방법도 있을 것이다. 이 둘은 정확히 같은 결과를 준다.
+====상호독립과 짝독립의 관계====
+다음과 같은 상황을 생각하자. \\
+겉보기에 차이가 없는 $16$개의 바구니가 앞에 놓여 있다. 바구니 안에는 $1$ 또는 $0$이 적힌 쪽지 하나씩이 들어 있는 공 $3$개가 각각 $1,2,3$이라고 표시되어 있다. 이 때, 우리가 바구니 하나를 열어서 $1$번 공에 $0$이 적힌 쪽지가 있을 지 $1$이 적혀 있을지 확인할 수 있을 것이다. 이러한 상황은 아래와 같이 표기될 수 있다.\\
-=====두 번째 예=====
+$A_{i}=$ $\{$ $i$번째 공에 $'1'$이 적혀있는 경우 $\}, i=1,2,3$
-큰 모집단에서 $p$라는 비율이 어떤 특징을 가지고 있고 나머지는 가지고 있지 않다고 하자. $n$ 번을 독립적으로 시도해서 그 특징을 가진 사람 $y$ 명을 뽑을 확률은 이항 분포로 주어질 것이다:
-$$f(y|p) = \binom{n}{y} p^y (1-p)^{n-y}.$$
-$y$를 고정한 상태에서 $p$가 변화한다고 생각하면 위의 식이 가능도가 된다.
-베이즈의 정리를 사용하려면 $p$의 값에 대한 우리의 믿음을 반영하는 사전 확률 $g(p)$가 있어야 한다. 사후 확률은 사전 확률이 가능도를 곱해서 얻어진다: $g(p|y) \propto g(p) \times f(y|p)$. 위의 예에서도 보듯이 분모에 주변확률이 있어야 등호로 쓸 수 있는데 이는 상대적인 비율만을 바꾸어줄 뿐 크게 중요하지 않다.
+그렇다면
+\begin{equation}\notag
+P(A_{1})=P(A_{2})=P(A_{3})=\frac{1}{2}
+\end{equation}
+이 되고
+\begin{equation}\notag
+P(A_{1}A_{2})=P(A_{1}A_{3})=P(A_{2}A_{3})=\frac{1}{4}
+\end{equation}
+이 되어 $A_{1},A_{2},A_{3}$은 짝독립이 된다.
-사전 확률로 베타 함수를 사용한다고 해보자:
+하지만 $P(A_{1}A_{2}A_{3})=\frac{3}{16}\neq\frac{1}{8}=P(A_{1})P(A_{2})P(A_{3})$인 사실로부터 상호독립은 아니라는 것을 알 수 있다. 상호독립이면 짝독립을 만족한다.
-$$g(\pi; a,b) = \frac{\Gamma(a+b)}{\Gamma(a) \Gamma(b)} p^{a-1} (1-p)^{b-1}.$$
+======함께 보기======
+[[수학:베이즈의 정리]]
+[[수학:네덜란드식 마권]]
+[[수학:베이지언 자백약]]
 ======참고문헌======
   * W. M. Bolstad, Introduction to Bayesian statistics (Wiley, Hoboken, NJ, 2007).
+  * J. M. Stoyanov, Counterexamples in Probability, 3rd edition(Dover, 2013)