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--- 물리:긴즈버그-란다우_모형 [2017/05/17 09:28] – [주어진 온도가 임계온도보다 큰 경우] minjae
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-======긴즈버그-란다우 모형======
-긴즈버그-란다우 모형은 시스템의 해밀토니안이 다음과 같이 적힐 수 있음을 가정하는 것이다.
-$$\frac{H[\sigma]}{T}=\int d^{d}x[a_{0}+a_{2}\sigma^{2}+a_{4}\sigma^{4}+c(\nabla\sigma)^{2}-\boldsymbol h\cdot\boldsymbol\sigma]$$
-여기서 $\sigma^{2},\,\sigma^{2},\,(\nabla\sigma)^{2}$는 다음과 같이 정의된다.
-$$\sigma^{2}\equiv\boldsymbol\sigma(\boldsymbol x)\cdot\boldsymbol\sigma(\boldsymbol x)\equiv\sum_{i=1}^{n}(\sigma_{i}(x))^{2},$$
-$$\sigma^{2}\equiv(\sigma^{2})^{2},$$
-$$(\nabla\sigma)^{2}\equiv\sum_{\alpha=1}^{d}\sum_{i=1}^{n}\left(\frac{\partial\alpha_{i}}{{\partial x_{\alpha}}\right)^{2}.$$
-계수 $a_{0},\,a_{2},\,a_{4},\,c$는 온도 $T$의 함수이고 $\boldsymbol h$는 외부에서 걸어준 자기장을 온도 $T$로 나눈 것이다.
-시스템이 스핀 $k$ 공간에서 등방적이며 좌표 공간에서 역시 충분히 등방적이라고 가정해보자. 그리고 블록 스핀은 다음과 같다.
-$$\boldsymbol\sigma(\boldsymbol x)=L^{-d/2}\sum_{k<\Lambda}\boldsymbol\sigma_{\boldsymbol k}e^{i\boldsymbol k\cdot\boldsymbol x}$$
-이것을 긴즈버그-란다우 모형에 적용하면
-\begin{equation}\notag
-\begin{split}
-\frac{H(\sigma)}{T}&=a_{0}L^{d}+\sum_{k<\Lambda}\boldsymbol\sigma_{\boldsymbol k}\cdot\boldsymbol\sigma_{-\boldsymbol k}(a_{2}+ck^{2}) \\
-&+L^{-d}\sum_{k,k^{\prim},k^{\prime\prime}<\Lambda}a_{4}(\boldsymbol\sigma_{\boldsymbol k}\cdot\boldsymbol\sigma_{\boldsymbol k^{\prime}})(\boldsymbol\sigma_{\boldsymbol k^{\prime\prime}}\cdot\boldsymbol\sigma_{-\boldsymbol k -\boldsymbol k^{\prime} -\boldsymbol k^{\prime\prime}}) \\
-&+L^{d/2}\boldsymbol\sigma_{0}\cdot\boldsymbol k
-\end{split}
-\end{equation}
-======긴즈버그-란다우 모형의 가우스 근사======
-===== 주어진 온도가 임계온도보다 큰 경우 =====
-$T>T_{c}$이므로 $a_{2}>0$임을 의미한다. 편의를 위해 $\boldsymbol h=0$로 놓자. $\boldsymbol h=0$일 때 $T>T_{c}$인 경우 강자성체에서 상자성체로의 상전이가 일어나며 이 경우 자화 $m=0$이므로 $\boldsymbol\sigma(\boldsymbol x)$의 최빈값은 $0$이 된다. 그리고 위의 해밀토니안은 다음과 같이 적을 수 있다.
-$$\frac{H[\sigma]}{T}\cong a_{0}L^{d}+\sum_{k<\Lambda}\sum_{i=1}^{n}(a_{2}+ck^{2})|\sigma_{i\boldsymbol k}|^{2}$$
-가우스 근사에서 해밀토니안 형태와 비교해보면 $\lambda^{-2}$를 다음과 같이 정의할 수 있다.
-$$\frac{1}{2}\lambda^{-2}\euqiv a_{2}+ck^{2}$$
-이제 $\boldsymbol\sigma_{i\boldsymbol k}$이 위의 가우스  근사에서의 $q_{l}^{\prime}$의 역할을 하므로
-$$ \langle\boldsymbol \sigma_{i\boldsymbol k}\rangle=0,$$
-$$ G(k)=\langle|\boldsymbol\sigma_{i\boldsymbol k}|\rangle^{2}=\frac{1}{2}(a_{2}+ck)^{-1},$$
-$$FL^{d}=a_{0}L^{d}-\frac{1}{2}T\sum_{k<\Lambda}n\ln\left[\frac{\pi}{(a_{2}+ck^{2})\right]\quad(F\equiv\frac{f}{L^{d}})$$
-이 된다. 앞서, $a_{2}=a_{2}^{\prime}(T-T_{c})$라 두었기 때문에
-$$\lim_{T\rightarrow T_{c}}G(k)\propto k^{-2},$$
-$$\lim_{k\rightarrow0}G(k)\propto (T-T_{c})^{-1}$$
-이 되어 임계지수가 $\eta=2,\,\gamma=1$이 됨을 확인할 수 있다.
-\begin{equation}\notag
-\sum_{k<\Lambda}\longrightarrow L^{d}(2\pi)^{-d}\int d^{d}k
-\end{equation}
-를 이용하여 비열을 구하면
-\begin{equation}\notag
-\begin{split}
-C&\equiv -T\left(\frac{\partial^{2}F}{\partial T^{2}}\right) \\
-&=\frac{a_{2}^{\prime}^{2}}{2}T^{2}n(2\pi)^{-d}\int d^{d}k(a_{2}+ck^{2})^{-2}+l.s
-\end{split}
-\end{equation}
-이 된다. 여기서 $l.s$은 $(a_{2}+ck^{2})^{-1},\,\ln(a_{2}+ck^{2})$과 같이 발산에 영향을 덜 주는 항과 발산하지 않는 항을 의미한다. 이제
-$$k\equiv\frac{k^{\prime}}{\xi}\quad (k^{\prime}<\xi\Lambda),$$
-$$\xi^{-1}\equiv\left(\frac{a_{2}}{c}\right)^{1/2}=\left(\frac{a_{2}^{\prime}}{c}\right)^{1/2}(T-T_{c})^{1/2}$$
-로 치환하여 적분하면 비열을 아래와 같이 구할 수 있다.
-\begin{equation}\notag
-\begin{split}
-C&=n\left[\frac{a_{2}^{\prime}^{2}}{2}T^{2}(2\pi)^{-d}\int d^{d}k(a_{2}+ck^{2})^{-2}\right]+l.s \\
-&=n\left[\frac{a_{2}^{\prime}^{2}}{2}T^{2}(2\pi)^{-d}\int d^{d}\left(\frac{k^{\prime}}{\xi}\right)(c\xi^{-2}+ck^{\prime}^{2}\xi^{-2})^{2}\right]+l.s \\
-&=n\left[\frac{1}{2}(Ta_{2}^{\prime})^{2}(2\pi)^{-d}c^{-2}\int d^{d}k^{\prime}(1+k^{\prime}^{2})^{-2}\right]\xi^{4-d}+l.s \\
-&\equiv C_{0}\xi^{4-d}+l.s
-\end{split}
-\end{equation}
-$d<4$인 경우 비열 $C$는 수렴하여 상수값을 가짐을 알 수 있다. $d<4$이며 $T-T_{c}$가 아주 작은 경우
-$$C\propto (T-T_{c})^{-\alpha},\quad \left(\alpha=2-\frac{d}{2}\right)$$
-가 되어 비열의 임계지수를 구할 수 있다.
-지금까지 구한 임계지수 $\gamma=1,\,\eta=0,\,\alpha=2-\frac{d}{2}$에서 계수 $a_{0},\,a_{2}^{\prime},\,a_{4},\,c$가 나타나지 않으므로 이 임계지수들은 해밀토니안의 구체적인 형태에 대해 독립적임을 알 수 있다.
-^===== 주어진 온도가 임계온도보다 작은 경우 =====
-$T<T_{c}$이므로 $a_{2}<0$임을 의미한다. 이 경우, $h\rightarrow0$이더라도 $\dilde\sigma=0$이 아니다. 외부 자기장 $h$가 $0$이 아닌 아주 작은 크기로 한 쪽 방향의 성분만 가진다고 생각혀며 이 방향을 $1$ 방향이라고 하자. 그러므로
-$$(\tilde\sigma_1)_{\boldsymbol k=0} =L^{d/2}\bar\sigma,\quad\boldsymbol{\bar\sigma}=\boldsymbol{m}=\hat{\boldsymbol{h}}m_o+\boldsymbol{h}/(8a_4m_o^2)$$
-이고 $k\neq0$ 또는 $i\neq1$일 때 $\tilde\sigma_{i\boldsymbol{k}}=0$이다. 긴즈버그 란다우 모형을 $(\boldsymbol{\sigma}-\boldsymbol{\tilde\sigma})^2$까지 테일러 전개하고 $\boldsymbol\sigma(\boldsymbol{x})=L^{-d/2}\sum\limits_{k<\Lambda}\boldsymbol{\sigma}_{\boldsymbol{k}}e^{i\boldsymbol{k}\cdot\boldsymbol{x}$을 대입한 식을 이용하면 긴즈버그 란다우 모형의 해밀토니안을 아래처럼 쓸 수 있다.
-$$\frac{H(\boldsymbol{\sigma})}{T}\approx\frac{H(\boldsymbol{\tilde\sigma})}{T}+\sum\limits_{k<\Lambda,k\neq0}\left[\left(4a_4m^2+\frac{\boldsymbol{h}}{2m}+ck^2\right)|\sigma_{1\boldsymbol{k}}|^2+\left(\frac{\boldsymbol{h}}{2m}+ck^2\right)\sum\limits_{i=2}^n|\sigma_{i\boldsymbol{k}}|^2\right]$$
-이 때, $\frac{H(\boldsymbol{\sigma})}{T}$는
-$$\frac{H(\boldsymbol{\tilde\sigma})}{T}=L^d\left[a_0-(T-T_0)^2\frac{a_2^{\prime}^2}{4a_4}\right]$$
-이다.